爱华网解：为了保证实验成功，要保证更换电阻后电压表的示数仍为4V，
∵电源电压为6V，
∴滑动变阻器两端的电压只能是2V，
即：U1：U2=4V：2V=2：1，
∵两电阻串联，
∴R1：R2=U1：U2=2：1，
∵滑动变阻器R2的最大电阻为20Ω，
∴R1＜40Ω，
只能选15Ω和30Ω．
故答案为：15，30． （2013·内江）关于磁场，下列说法中正确的是（ ）A．将小磁针放在某一空间，若小磁针偏离南北方向，说明这个空间存在磁场B．磁极间的相互作用不都是通过磁场发生的C．磁感线是磁场中真实存在的一些曲线D．磁体的磁感线从磁体N极出来，回到磁体S极考点：磁场．分析：A、根据磁极间的相互作用进行分析，即磁场的方向可以通过放入小磁针的指向进行判断；
B、根据磁场的特点进行分析，即磁极间的相互作用是通过磁场作用发生的；
C、根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；
D、根据磁场的特点进行分析，磁场包括磁体内部和外部．解答：解：A、因为小磁针静止时，指向南北方向，所以如果偏离南北方向，一定有磁场作用，故A选项正确；
B、磁极间的相互作用是通过磁场而发生的，所以B选项错误；
C、磁感线是科学家为了研究起来形象、直观，是通过想象而描绘出来的，所以不是真实存在的，故C选项错误；
D、磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，但磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故D选项错误．
故选A点评：知道磁极间的相互作用是通过磁场产生的，知道磁感线的由来，以及磁感线方向的确定． （2013·绍兴）如图所示的台秤原理圈，电源电压恒定．能满足“物体质量增大时，电压表或电流表示数也增大”要求的是（ ）
考点：电路的动态分析．专题：压轴题；电路变化分析综合题．分析：分析电路结构，根据电压表和电流表测量的对象，以及电路的特点分析仪表示数的变化．解答：解：A、根据电路图可知，电流表与滑动变阻器并联，将滑动变阻器短路，因此移动滑片的位置，电流表示数不变化；不符合题意；
B、根据电路图可知，电压表与滑动变阻器并联，物体质量增大时，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则滑动变阻器分得的电压减小，故电压表示数变小；不符合题意；
C、根据电路图可知，电流表、定值电阻、滑动变阻器串联在电路中，电流表被短路，因此电流表的示数始终为零，即电流表示不变；不符合题意；
D、根据电路图可知，、定值电阻、滑动变阻器串联在电路中，滑动变阻器相当于定值电阻，电压表测量滑片与上端之间的电阻，物体质量增大时，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻不变，但滑片与上端之间的电阻变大，因此电压表示数变大，符合题意．
故选D．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分析电路的结构，知道串联电路起分压作用． 在学习了动物的呼吸作用之后，科学兴趣小组设计了下图装置来研究昆虫是否进行呼吸作用，O点是一固定点，活塞连接金属滑片，活塞运动，滑动变阻器阻值随之改变。闭合开关小灯泡发光。(碱石灰可以吸收二氧化碳)实验预测与分析：（1）昆虫如果进行呼吸作用,活塞最终将停留在a的__ __位置(填“原来”、“偏左”或“偏右”).（2）装置中指针设计成AO段比OB段短，这对实验现象起到了__ ___作用． ①偏左（呼吸消耗氧气，变成二氧化碳，被碱石灰吸收，气压变小，活塞向左运动）②不断地呼吸，气压不断变小。a左移，B右移。R增大，电流变小，灯变暗③根据杠杆原理，oa卡文迪许扭秤实验和库仑扭秤均有这样的放大过程。 （2013·绍兴）交通部门常用测速仪来检测车速．测速原理是测速仪前后两次发出并接收到被测车反射回的超声波信号，再根据两次信号的时间差，测出车速，如图甲．某次测速中，测速仪发出与接收超声波的情况如图乙所示，x表示超声波与测速仪之间的臣离．则该被测汽车速度是（假设超声波的速度为340米/秒，且保持不变）（ ）
A．28.33米/秒 B．13.60米/秒 C．14.78米/秒 D．14.17米/秒
考点：速度公式及其应用．专题：压轴题；长度、时间、速度．分析：根据公式v= st 知：如果能确定超声波第一次与汽车相遇的地点A和第二次与汽车相遇的地点B之间的距离sAB，并能得到此过程所用的时间，就能得到汽车行驶的速度．解答：解：由图知：超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点A，经过的时间为t1= 0.32s2=0.16s，
∵v= st ，
∴超声波通过的距离为s波1=v波·t1=340m/s×0.16s=54.4m；
超声波第二次从测试仪发出到与汽车相遇的地点B，经过的时间为t2= 0.24s2 =0.12s，
超声波通过的距离为s波2=v波·t2=340m/s×0.12s=40.8m，
所以AB之间的距离为sAB=s波1-s波2=54.4m-40.8m=13.6m；
测试仪发出的超声波两次间隔时间为1s，且测试仪第一次发出超声波记为0时刻，则超声波第一次从测试仪发出到与汽车相遇的地点A，经过的时间为0.16s；
超声波第二次发出的时间为1s末，超声波第二次与车相遇在B点的时刻应该是1s+0.12s=1.12s，
汽车从A点到B点行驶的时间是t=1.12s-0.16s=0.96s，
所以汽车行驶的速度为v= st = 13.6m0.96s =14.17m/s．
故选D．点评：此题考查的是速度的应用，读懂图象蕴含的信息，正确提取有用信息，是解决此类问题的关键．
某高速公路自动测速仪装置如图1所示，雷达向汽车驶来方向发射不连续的电磁波，每次发射时间约为百万分之一秒，两次发射时间间隔为t．当雷达向汽车发射无线电波时，在指示器荧光屏上呈现出一个尖波形；在收到反射回来的无线电波时，在荧光屏上呈现第二个尖形波．根据两个波的距离，可以计算出汽车距雷达距离，根据自动打下的纸带如图2所示，可求出该汽车的车速，请根据给出的t1、t2、t、c求出汽车车速表达式
．
考点：电磁波的发射、传播和接收．分析：电磁波在真空中传播的速度等于光速c，第一次发射电磁波，知汽车距离雷达的距离为s1＝ ct22，第二次发射电磁波，知汽车距离雷达的距离为s2＝ ct12 ，根据汽车通过的位移和时间求出汽车的速度．解答：解：汽车行驶的位移等于两次发射电磁波时汽车距离雷达的路程差，即s=s1?s2＝ ct22 ? ct12＝ c(t2?t1)2 ，则汽车的速度v= st ＝ c(t2?t1)2t ．故本题答案为：v＝ c(t2?t1)2t ．点评：解决本题的关键知道汽车行驶的位移等于两次发射电磁波时汽车距离雷达的路程差，然后根据速度公式求出速度的表达式．高速公路上常用超声波测速仪来测量汽车速度．某次检测时，第一次发出信号到接收到超声波返回信号，用时0.4s，如图所示．第二次发出到接收到返回信号用时0.3s，两次发出信号时间间隔是1s．（假设超声波的速度为340m/s，且保持不变）求：
（1）超声波5s可以传播多远的距离？
（2）题目中被测汽车第一次接收到超声波时，汽车到超声波测速仪的距离S1是多少？
（3）被测汽车两次接收到超声波的距离差S3是多少？
（4）被测汽车的速度是多大？
（2）测速仪第一次发出超声波时，经过了0.2s到达了汽车处，根据v= st 求出汽车到超声波测速仪的距离；
（3）在第二次发出的信号，在与汽车相遇返回到测速仪时，超声波行驶了0.15s；这两次汽车与测速仪的距离差就是汽车行驶的距离；
（4）求出行驶这段路程所用的时间，利用速度公式即可得解．解答：已知：超声波第一次传到汽车用的时间t1= 12 ×0.4s=0.2s，超声波第二次传到汽车用的时间t2= 12 ×0.3s=0.15s，超声波的速度为v声=340m/s，
求：（1）超声波5s传播的距离s=？（2）汽车到超声波测速仪的距离s1=？；（3）被测汽车两次接收到超声波的距离差s3=？；（4）被测汽车的速度v车=？
解：（1）∵v= st ，
∴超声波5s传播的距离：
s=v声t=340m/s×5s=1700m；
（2）∵v= st ，
∴测速仪第一次发出的信号从汽车处返回到测速仪时，汽车距测速仪：
s1=v声t1=340m/s×0.2s=68m；
（3）第二次发出的信号从汽车处返回到测速仪时，汽车距测速仪：
s2=v声t2=340m/s×0.15s=51m；
因此汽车在两次与信号相遇的过程中，行驶的距离：s3=s1-s2=68m-51m=17m；
（4）行驶这段路程所用的时间：t车=△t- t12 + t22 =1s-0.2s+0.15s=0.95s，
所以汽车的速度v= s3t车 = 17m0.95s ≈17.9m/s．
答：（1）超声波5s可以传播1700m的距离；
（2）汽车到超声波测速仪的距离S1是68m；
（3）被测汽车两次接收到超声波的距离差S3是17m；
（4）被测汽车的速度是17.9m/s．点评：本题考查了学生对速度公式的应用，关键是找到对应的路程和时间，这是本题的一个难点．（2011·绍兴模拟）小明同学喜欢动手用简易器材探究物理问题．某天，他用一块较长的木板N与木块M及弹簧测力计，按如下方法研究滑动摩擦力有关的因素．先将长木板N平放，用弹簧测力计拉着木块M在N上做匀速直线运动，如图甲，此时木块M所受滑动摩擦力为f甲；然后再将N支起，仍然用弹簧测力计拉着木块M沿N斜向上做匀速直线运动，如图乙，此时木块M所受滑动摩擦力为f乙．对小明同学的实验讨论正确的是（ ）
B、两次实验接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，所以是研究滑动摩擦力与压力大小的关系．因此B正确．
C、在乙中，拉力不仅要克服摩擦力的大小，还要克服重力，所以拉力大小大于摩擦力．所以C错误．
D、这两次实验中，控制的是接触面的粗糙程度，所以D错误．
故选B．点评：此题通过实验探究，考查了滑动摩擦力与压力的大小关系．在此题中，要注意分析其中不变的物理量与改变的物理量．是一道很好的题目．在此题中要注意控制变量法的应用． 如图，在盛有一定质量分数的稀盐酸的烧杯中，放一塑料方块，悬浮于稀盐酸中．若向烧杯中加入足量大理石使其与盐酸完全反应后，则塑料方块在溶液中的位置将（ ）
故选B．点评：本题难度不是很大，属于理化综合题，掌握酸的化学性质、浮力的相关计算是正确解答本题的关键．2013·包头）如图所示为一台非铁性物质制成的天平．天平左盘中的A是一铁块，B是电磁铁．未通电时天平平衡，给B通以图示方向的电流（a端接电源正极，b端接电源负极），调节线圈中电流的大小，使电磁铁对铁块A的吸引力大于铁块受到的重力，铁块A被吸起．当铁块A向上加速运动的过程中，下列判断正确的是（ ）A．电磁铁B的上端为S极，天平仍保持平衡B．电磁铁B的上端为S极，天平右盘下降C．电磁铁B的下端为N极，天平左盘下降D．电磁铁B的下端为N极，无法判断天平的平衡状态
②从图中可以看出，电磁铁与铁块A都在天平的左盘中，天平是否平衡取决于它们整体对天平左盘的压力是否改变．通过对铁块A的运动状态的分析，结合超重现象的产生，可判断AB整体对于天平左盘压力的变化．解答：解：①从图可知，电流从螺线管的上端流入，下端流出，根据安培定则可知，螺线管下端是N极，上端是S极，
②电磁铁通电后，铁块A被吸起，铁块A向上加速运动的过程中，会导致超重现象，因而可知铁块受到的向上的电磁力F必然大于铁块的重力G．当铁块离开盘而又还未到达电磁铁的过程中，虽然铁块对盘的压力没有了，但由牛顿第三定律可知，铁块对电磁铁有向下的吸引力，因此通过左盘电磁铁支架向下压左盘的力比电磁铁未通电时铁块压左盘的力还大，故左盘将下沉．
故选C点评：①安培定则不但可以判断出螺线管的磁极，也能根据磁极判断出电流方向或绕圈的绕向，即电流方向、线圈的绕向及N极方向，知道其中两个便可求出另外一个．
②导致天平失衡的因素是要是由于电磁铁与铁块之间的相互作用力，通过判断铁块的运动状态，可进一步推断出其整体压力与重力的关系．（2013·丽水）如图是农村曾用的舂米工具的结构示意图．杆AB可绕O点转动，杆右端均匀柱形物体的长度与杆右侧的OB相等地，杆AB的重力不计，柱形物体较重．
（1）制作舂米工具时，为了使作用在A点的力F更小，在其它条件相同时，只改变支点O点的位置，应将O点更靠近 B（或右） 端．
（2）若作用在A点的动力F方向始终与杆垂直，则杆从水平位置缓慢转动45°角的过程中，动力F大小的变化是先增大后减小 ．
（2）已知动力臂和阻力不变，根据杠杆从水平位置缓慢转动45度的过程中阻力臂的变化，再根据杠杆平衡的条件可知动力的变化情况．解答：解：（1）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，动力臂越长、阻力臂越短则越省力，所以O点向B点移动时，阻力臂增大，阻力臂减小，使用起来越省力．
（2）当杠杆在水平位置时，阻力臂为L，杠杆从水平位置缓慢转动45度的过程中，当杠杆上升的高度为L2 时，重心与支点在同一水平线上，阻力臂最大，而杠杆转动45度时，杠杆上升高度为 L2 + 2 L4 ，因此阻力臂先变大后变小，由杠杆平衡可知，动力F先增大后减小．
故答案为：（1）B（或右）；（2）先增大后减小．点评：此题考查了有关杠杆平衡条件的应用，要熟练掌握杠杆平衡条件．特别是在动态变化的题目中，要分析力的大小和力臂的大小变化情况． 利民电器厂设计了一种具有高、中、低温三档的家用电火锅，其发热体电阻丝如图所示．A、B、C为三个接线柱，B是电阻丝中点的接线柱．相信你一定能帮助该厂完成以下工作．（1）说明各档位的连接方法（文字表述或画图连接均可）．
（2）如果要求低温档发热功率为200W，那么高温和中温两档的发热功率分别应是多大？
专题：计算题；应用题；简答题．分析：（1）根据公式P= U2R 可知，当电源电压不变时，电路电阻越大，电功率越小，电阻越小，电功率越大．
（2）已知低温档发热功率，分别求出中温、高温与低温时电阻的关系，根据公式P= U2R 求出高温和中温两档的发热功率．
解答：解：（1）低温档的实际电功率最小，连入电路的电阻最大．将A、C直接接入电源．
中温档：中温档的实际电功率比低温档的实际电功率大，中温档连入电路的电阻比低温档连入电路的电阻小．将A、B或B、C接入电源．
高温档：高温档的实际电功率最大，连入电路的电阻最小．将A、C连接在一起后，A与B接入电源（或将A、C连接在一起后，B与C接入电源）．
各档位的连接方法如图所示：
（说明：高温档将A、C连接在一起后，也可以将B与C接在电源上）
（2）设A、C间的电阻为R，已知该火锅的低温功率：P低=
则该火锅的中温功率：P中= U2R2 =2P低=400W，
该火锅的高温功率：P高= U2R4 =4P低=800W．
答：高温和中温两档的发热功率分别应是800W和400W．点评：本题考查电功率的计算，关键是公式的应用，难点是知道在高、中、低档时电路的连接情况，要知道串并联电路电阻的规律 （2012·嘉兴）如图为通电螺线管磁场强弱演示仪的示意图．（1）当指针指示的数值增大时，表示通电螺线管的磁性增强，则螺线管A端为 极．（2）为了验证通电螺线管的磁性与线圈匝数有关，应将开关S从a点换到b点，并调节变阻器的滑片向 滑动，使电流表的示数不变．考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；欧姆定律的应用．专题：应用题．分析：（1）具当指针指示的数值增大时，表示通电螺线管的磁性增强能看出，此时的指针应向左偏，小磁片向右边偏转。故该通电螺线管应排斥小磁片，故能判断该螺线管的N、S极；（2）当将开关S从a点换到b点时，由于接入电路的螺线管变长，即电阻变大，所以电路中的电流变小；在该题中要求电路中的电流与原来相比是不变的，所以需向下移动滑片才能实现上述目的．解答：解：（1）据图能看出，此时的指针应向左偏，故该通电螺线管应排斥小磁片，据同名磁极相互排斥可知，该螺线管的左端是S极，右端是N极，故A端是S极；
（2）验证通电螺线管的磁性与线圈匝数有关，即需要在电流一定的情况下，改变线圈的匝数看电磁铁的磁性有何变化即可；故当将开关S从a点换到b点时，由于接入电路的螺线管变长，即电阻变大，所以电路中的电流变小；而在该题中要求电路中的电流与原来相比是不变的，所以需向下移动滑片才能实现上述目的．
故答案为：（1）S； （2）下．点评：熟悉磁极间的作用规律，并能结合欧姆定律并利用控制变量的思维分析是解决该题的关键．如图甲所示电路中，电源电压保持不变，初始时滑动变阻器的滑片P在最右端，但由于滑动变阻器某处发生断路，合上开关后滑片P向左滑过一段距离后电流表才有读数．且电压表读数U与x、电流表读数I与x的关系如图乙、丙所示．
（1）求电源电压和电阻R的阻值分别多大？
（2）开关闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时，电路消耗的总功率多大？
（3）开关闭合，滑片P从断点处向左滑动的过程中，该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化为多少欧姆？若该滑动变阻器电阻丝没有断路，电路中最小电流是多大？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电功率的计算．专题：计算题；应用题；动态预测题；图析法．分析：（1）由电路图可知，两电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；由图乙可知当x＜5cm时电压表测电源的电压，并读出电流表开始有读数时滑片P移动的距离x的值；根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，再根据欧姆定律求出电阻R的阻值．
（2）滑动变阻器的滑片P在最左端时，电路为R的简单电路，根据P=U2R求出此时电路消耗的总功率．
（3）由图乙和图丙分别读出当x=5cm和x=10cm时滑动变阻器两端的电压、电流，根据欧姆定律求出接入电路的电阻，进一步得出滑片P每滑动1cm的阻值变化；先根据题意求出该滑动变阻器电阻丝没有断路时的总阻值，当滑动变阻器的最大阻值与R串联时电路中的电流最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中最小电流．解答：解：（1）由图乙可知，当x＜5cm时，电压表示数保持1.5V不变，则断点处离变阻器最右端5cm，电源电压为1.5V；
由乙、丙图可知，电压表示数为1.35V时，电流表示数为0.15A，
电阻R=URI=1.5V-1.35V0.15A=1Ω．
（2）开关闭合，滑动变阻器的滑片P在最左端时变阻器阻值为0Ω，
电路总功率P总=U2R=(1.5V)21Ω=2.25W．
（3）当x=5cm时，设滑动变阻器接入电路中的电阻为R1，则
R1=U1I1=1.35V0.15A=9Ω；
当x=10cm时，设滑动变阻器接入电路中的电阻为R2，则
R2=U2I2=1.2V0.3A=4Ω；
所以从断点处滑片P向左滑动的过程中，该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化是1Ω，
该滑动变阻器没有断路时的总电阻值R总=9Ω+5cm×1Ω/cm=14Ω．
电路中最小电流I小=UR变大+R=1.5V14Ω+1Ω=0.1A．
答：（1）电源电压为1.5V，电阻R的阻值为1Ω；
（2）滑动变阻器的滑片P在最左端时，电路消耗的总功率为2.25W；
（3）该滑动变阻器滑片P每滑动1cm的阻值变化为1Ω，若该滑动变阻器电阻丝没有断路时电路中最小电流是0.1A．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是会分析图象得出x=5cm和x=10cm时滑动变阻器两端的电压和电流． 现代家庭电器化程度越来越高，用电安全是一个十分突出的问题．下表提供了一组人体电阻数据．
如图所示，用电器R=44Ω，把它接在电压为220V的电源上，电路中还有额定电流为10A的熔断丝（俗称保险丝）．则：
①只有用电器R接入电路时，通过熔断丝的电流为多少？
②一个潮湿的人，赤脚站在地上，由于不小心，手接触火线，发生触电事故，则通过人体电流是多少（上表电阻数据适用此人）？并分析为什么熔断丝不会断（即熔断丝不能救人命）．
③你认为上述电路应如何改进，一旦出现文中类似触电事故，电路能自动断开，确保人身安全
考点：欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素；熔断器的作用及保险丝的选择方法．专题：计算题；简答题；信息给予题．分析：（1）（2）根据I=UR即可求出电流的大小，再与熔断丝的额定电流进行比较，即小于熔断丝的额定电流时，熔断丝则不会断，相反会被烧断；
（3）从一些灵敏度高的开关入手，比如：漏电保护断路器．解答：已知：R=44Ω，U=220V，R1=8.8×103Ω
求：I，I1
解：（1）I=UR=220V44Ω=5A；
（2）I′=UR1=220V8800Ω=0.025A=25mA，
总电流没有达到熔丝的熔断电流 通过保险丝的电流远远小于保险丝的额定电流，所以熔断丝不会断．
（3）在电路中加一个漏电保护断路器．
答：通过熔断丝的电流为5A，通过人体的电流为25mA．点评：知道潮湿的空气也能够影响电阻的大小，会灵活应用欧姆定律进行计算． 在如图所示的电路中，电源电压不变．闭合电键K后，灯Ll、L2都发光．一段时间后，其中的一盏灯突然熄灭，而电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变小．则产生这一现象的原因是（ ）
B、灯L2断路，电压表V2与灯L1串联，分担电源电压，灯都不亮．不合题意．
C、灯L1短路，电压表V1也短路，示数为零．不合题意．
D、灯L2短路，电压表V2也短路，示数为零，电压表V1示数变大，符合题意．
故选D．点评：此题考查了用电流表、电压表判断电路中的故障，要根据它们的不同特征来做出判断．热敏电阻的阻值会随温度的改变而改变。小明同学用甲图所示的电路来探究热敏电阻RT的阻值与温度的关系。已知M为控温器，电源电压恒为12伏，R为电阻箱（一种可以改变并读出阻值的变阻器）。
（1）在控温器中应该加入下列哪种液体？ R
A．自来水 B．煤油 C．食盐溶液
（2）当控温器中液体温度为80℃，电阻箱阻值为100Ω时，电流表的示数为0.1A。则该温度下热敏电阻的阻值
为 Ω。
（3）依次改变控温器中的液体温度，同时改变电阻箱的阻值，使电流表的示数始终保持在0.1A。通过计算得到
相关数据记录如下。从表中可以看出，在一定温度范围内，该热敏电阻的阻值随温度的升高而 。
温度t（℃）
70
60
50
40
30
20
10
…
电阻RT（Ω）
22
28
35
44
56
73
94
…
（4）在科技创新活动中，小明用该热敏电阻和电压表制成了一支指针式温度计（如图乙）。它可以直接在电压表刻度盘上读出相应温度。若电压表的读数会随温度的升高而增大，则应在原理图（丙）中 两端接入一电压表。
A．ab B．bc C．ac
（1）B B不导电，比热容小，上升相同温度，吸收热量较少，需时少
比C完全不行，因为它会导电，会使热敏电阻短路热容小，上升相同温度，吸收热量较少，需要的时间少
（2）20Ω
（3） 减小
（4）B
考点：探究用电器的电功率实验；串联电路的电流规律；电压表的使用；电压表的读数方法；欧姆定律的应用；电功率的计算．
（2）根据实验2数据知，灯泡正常工作时的电压为额定电压，电流为额定电流，根据P=UI计算额定功率．
（3）甲乙同学使用的滑动变阻器相同，可以根据甲同学的第一组数据计算滑动变阻器的最大阻值，由电源电压和灯泡电压求得滑动变阻器的电压，滑动变阻器和灯泡串联，电流相同，最后求得滑动变阻器的最大阻值．
（4）电压表的正确读数：首先根据灯泡的额定电压和指针偏转的情况确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数．
（5）由电源电压和乙灯泡的额定电压，求出滑动变阻器的电压，又知道电阻，求得电路电流即灯泡的额定电流．解答：解：甲同学实验：
滑片移到端点，灯泡一闪熄灭，灯泡电压超过额定电压，烧坏灯泡，电压表串联在电路中，电压表测量电源电压，所以，电源电压为：U总=4.5V．
根据实验2得：P=UI=2.5V×0.26A=0.65W．
甲同学正确连接好电路，闭合电键时，滑动变阻器的阻值最大，
滑动变阻器电压为：U'=U总-UL=4.5V-1.3V=3.2V，
点评：求得电源电压，滑动变阻器最大阻值是解决本题的关键，
电源电压是通过电路断路，电压表串联在电路中获得；
滑动变阻器最大阻值是甲同学刚闭合开关时，获得的数据求得．
