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【模拟试题】
第I卷（选择题 共60分）
一. 选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）
1. （青岛统测）已知直线与平面满足，，，那么必有（ ）
A. 且 B. 且
C. 且 D. 且
2. （知识原创题）若A、B、C、D四点满足AB⊥CD、AC⊥BD、AD⊥BC，则这四点的位置关系是（ ）
A. 一定共面 B. 一定不共面
C. 不一定共面 D. 不存在
3. （郑州二次质量预测）正四棱锥P—ABCD的所有棱长都相等，E为PC的中点，那么异面直线BE与PA所成角的余弦值等于（ ）
A. B. C. D.
4. （知识交汇题）已知相交直线都在平面内，并且都不在平面内，若中至少有一条与相交；与相交，则p是q的（ ）
A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件
C. 充要条件 D. 不充分也不必要条件
5. （热点创新题）若正三棱锥的侧面都是直角三角形，那么侧面与底面所成的角的余弦值是（ ）
A. B. C. D.
6. （北京西城抽测）球O的截面把垂直于截面的直径分成1：3两部分，若截面圆半径为，则球O的体积为（ ）
A. B. C. D.
7. （济南统测）如图，正方体ABCD—中，E、F分别是AB、的中点，则异面直线与EF所成角的余弦值为（ ）
A. B. C. D.
8. （南京模拟）四棱锥P—ABCD，AD⊥面PAB，BC⊥面PAB，底面ABCD为梯形，AD=4，BC=8，AB=6，，满足上述条件的四棱锥的顶点P的轨迹是（ ）
A. 圆 B. 不完整的圆 C. 抛物线 D. 抛物线的一部分
9. （知识创新题）把一副三角板ABC与ABD摆成如下图所示的直二面角D—AB—C，则异面直线DC与AB所成的角为（ ）
A. B. C. D.
10. （易错警醒题）已知正四棱锥的侧棱与底面成角，则此四棱锥的两个相邻侧面所成的二面角的余弦值是（ ）
A. B. C. D.
11. （苏锡常镇调查一）设为两条直线，为两个平面，给出下列四个命题，其中，正确命题的个数是（ ）
① 若，则
② 若，则
③ 若，则
④ 若，则
A. 0个 B. 1个 C. 2个 D. 3个
12. （知识原创题）若，，如果与为共线向量，则（ ）
A. B.
C. D.
第II卷（非选择题 共90分）
二. 填空题（本大题共4小题，每小题4分，共16分。把答案填在题中横线上。）
13. （基本概念题）设，，，且点B的坐标为，则点A的坐标为 。
14. （知识创新题）是用“斜二测画法”画出的等腰直角三角形ABC的直观图，设的面积为，的面积为S，则 。
15. （条件开放题）以正方体的8个顶点中4个为顶点，且4个面均为直角三角形的四面体是 （只要写出一个四面体即可）。
16. （真题·辽宁卷）如图，正方体的棱长为1，C、D分别是两条棱的中点，A、B、M是顶点，那么点M到截面ABCD的距离是 。
三. 解答题（本大题共6小题，共74分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。）
17. （本小题满分12分）
（湖北八校二次联考）如图，在多面体ABCDE中，AE⊥面ABC，BD//AE，且AC=AB=BC=BD=2，AE=1，F为CD中点。
（1）求证：EF⊥面BCD；
（2）求面CDE与面ABDE所成的二面角的余弦值。
18. （本小题满分12分）
（成都二诊）如图，已知四棱锥S—ABCD的底面ABCD是正方形，SA⊥底面ABCD，E是SC上的一点。
（1）求证：平面EBD⊥平面SAC；
（2）设SA=4，AB=2，求点A到平面SBD的距离；
（3）当的值为多少时，二面角B—SC—D的大小为。
19. （本小题满分12分）
（高考变式题）如下图，已知是直三棱柱，D是AC的中点，O是的中点，E在上，且，AC=BC=CE=2，，。
（1）证明：截面BDE//AO；
（2）求三棱锥的体积。
20. （本小题满分12分）
（思维拓展题）
图（1）是一个正方形的表面展开图，MN和PQ是两条面对角线。请在图（2）的正方体中将MN、PQ画出来，并就这个正方体解答下列各题。
（1）求MN与PQ所成角的大小；
（2）求四面体M—NPQ的体积与正方体的体积之比；
（3）求二面角M—NQ—P的大小。
21. （本小题满分12分）
（经典常考题）如下图，在正方体中，E、F分别是、的中点。
（1）求异面直线与所成角的余弦值；
（2）设P为的中点，问：在上是否存在一点Q使得，若存在指出Q点的位置，若不存在说明理由。
22. （本小题满分14分）
（知识原创题）已知直棱柱，底面四边形ABCD是直角梯形，上底边长AD=6，直角边所在的腰AB=2，BC=2，，G是CD的中点，E是的中点，F在AD上，且。
（1）求异面直线EF与所成的角；
（2）求直线EF和平面所成的角；
（3）求二面角的大小。
【试题答案】
一.
1. A
解析：由已知，，可得，又，得，故得答案A。
2. C
解析：点A可以是的垂心，也可以是平面外的一点，使得三棱锥A—BCD的三条侧棱两两垂直，即此四点的位置关系是不一定共面，应选C。
3. D
解析：设O为底面正方形的中心，连结EO，有EO//PA，则是异面直线BE与PA所成的角。设正四棱锥P—ABCD的棱长为2，则在中，，，，故选D。
4. C
解析：本题将直线，平面知识与简易逻辑知识相结合，体现了在知识交汇处命题的高考趋势，从p出发能推到q，从q出发也能推出p，所以p是q的充分必要条件，故选C。
5. D
解析：如图，V—ABC是正三棱锥，所以顶点V在底面的射影O点为正三角形的中心，即O在AM上，M为BC的中点，连结VM，则为侧面与底面所成的角，设，，又为等腰直角三角形，
∴ 故选D
6. C
解析：设直径被分成的两部分分别为，易知，得，则球O的半径R=2，故。
7. B
解析：建立如图坐标系，设正方体的边长为2，则，E（2，1，0），F（0，2，1），C（0，2，0），，，
则
所以异面直线与EF所成角的余弦值为，故选B。
8. B
解析：由AD⊥面PAB及BC⊥面PAB，可得AD//BC，，又，及AD=4，BC=8，可得，即得，在平面PAB内以AB所在直线为x轴，AB中点O为坐标原点，建立直角坐标系，则，B（3，0），设点P的坐标为，则有
，整理可得一个圆方程，由于点P不在直线AB上，故此轨迹为一个不完整的圆，故应选B。
9. B
解析：过点C作CE//AB，过点A作AF⊥CE于点F，连结DF，设AD=1，则，，在中，，，故选B。
10. D
解析：如图，正四棱锥S—ABCD，作BH⊥SC于H，连结HD，则为所求二面角的平面角，设底面边长为1，则，，在中，由余弦定理得，故选择D。
易错点是错误理解“此四棱锥的两个相邻侧面所成的二面角”而错选A。
11. B
解析：① 由，，，可得或或相交，相交时只需都与交线平行；② 线线平行的判定；③ 必须；④ 由，要得到，必须有垂直于与的交线，故选B。
12. C
解析：若与共线，则有
∴ ，故应选C。
二.
13.
解析：
∴ 点A的坐标为
14.
解析：设原等腰直角三角形的底边长为，高为，则利用斜二测画法画成的三角形底边长不变，高为 ∴
15.
解析：如图，侧棱与上下两个底面垂直，则与底面内的任一直线垂直，连结AC，则，同理。
16.
解析：由等体积法求解，设点M到平面ABCD的距离为x，
∴
三.
17. （1）取BC中点G，连结FG、AG
∵ AE⊥面ABC，BD//AE ∴ BD⊥面ABC
又AG面ABC ∴ BD⊥AG
又AC=AB，G是BC中点 ∴ AG⊥BC
∴ AG⊥平面BCD
∵ F是CD的中点且BD=2 ∴ FG//BD且FG=1
∴ FG//AE
又AE=1 ∴ AE=FG，故四边形AEFG是平行四边形，从而EF//AG
∴ EF⊥面BCD
（2）取AB的中点H，则H为C在面ABDE上的射影，过C作CK⊥DE于K，连结KH，由三垂线定理的逆定理得KH⊥DE
∴ 为二面角C—DE—B的平面角
易知，，，
由
可得，中，，故
∴ 面CDE与面ABDE所成的二面角的余弦值为
18. （1）∵ SA⊥底面ABCD，底面ABCD ∴ SA⊥BD
∵ ABCD是正方形 ∴ AC⊥BD
∴ BD⊥平面SAC 又BD平面EBD
∴ 平面EBD⊥平面SAC
（2）设，连结SO，则SO⊥BD
由AB=2，知，
∴
∴
令点A到平面SBD的距离为h，由SA⊥平面ABCD
则 ∴
∴ 点A到平面SBD的距离为
（3）设SA=，建立如图所示空间直角坐标系，为计算方便，不妨设AB=1，则C（1，1，0），S（0，0，），B（1，0，0），D（0，1，0）
∴ ，，
再设平面SBC和平面SCD的法向量分别为，，则
∴ ，取，则 ∴ 可得
又
∴ ，取，则
∴ 可取 ∴
要使得二面角的大小为，则，从而，即当时，二面角B—SC—D的大小为
19. （1）设G为的中点，连结DF、OG，则，
∴ OG//BE 易知F为OC中点，又D为AC中点 ∴ AO//DF
又∵ 面BDE ∴ AO//截面BDE
（2）∵ 是直三棱柱， ∴ BC⊥侧面
∴ 侧面⊥侧面
设O到侧面的距离为h，则h等于O到侧面的距离
又∵ O为的中点
∴
故
20. （1）连结MC、NC，可得PQ//NC，则就是异面直线MN与PQ所成的角
∵ 是等边三角形 ∴
则MN与PQ所成的角等于
（2）不失一般性，设正方体的棱长为1，则（立方单位）
∵ （立方单位）
∴
（3）∵ PN⊥平面AQMP ∴ 平面MPQ⊥平面NPQ
作MO⊥PQ于O，ME⊥NQ于E，连结OE，并设正方体的棱长为1，则MO⊥平面NPQ
∵ OE是ME在平面NPQ内的射影
∴ OE⊥NQ
则是二面角M—NQ—P的平面角
由～，得 ∴
∵ MO⊥OE ∴
∴
则二面角M—NQ—P的大小为
21. （1）以点D为坐标原点，DA为x轴，DC为y轴，为z轴建立空间直角坐标系，设正方体的棱长为，则A（，0，0），，，
∴ ，
∴
∴ 异面直线与所成角的余弦值为
（2）假设存在点使得
∴ ，，
∴ ，，，则
∴ 存在点，且时，
22. 以A为原点，分别为所在的直线为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系，则C（2，2，0），D（0，6，0），G（1，4，0），，F（0，2，0），E（2，2，2）
（1），
∴
即与所成的角为
所以异面直线EF与所成的角为
（2）取，连结，则H（0，2，4），
∵ 平面 ∴ 是EF在平面上的射影
∵ ∴
∴ 直线EF与平面所成的角为
（3）过E作EP⊥FG于P，过作于Q
∵ P、Q在平面内，且在直线FG上，在平面内FG的方程为
故可设P、Q点坐标为，
则，，
∵ ∴ ∴
又∵ ∴ ∴
∴ ，
∴
∴ 二面角E—FG—D1的大小为
